如何使用jQuery将多个变量传递给PHP

好的，希望你也可以帮我这个。 我不是疯狂的知识与jQuery和AJAX，可能我错过了一些非常简单的东西。 我无法传递超过1个变量。 我已经尝试了几种不同的东西，最接近我的工作是这样，但即使这样也行不通。

jQuery的

$("#bodymes ul li span[contenteditable=true]").blur(function(){ var weight_id = $(this).attr("id") ; var weightbody_mes = $(this).text() ; $.post( "../includes/bodymes_weight.php", { weightbodymes: weightbody_mes }) .done(function( data ) { $(".weightsuccess").slideDown(200); $(".weightsuccess").html("Weight Updated successfully"); if ($('.weightsuccess').length > 0) { window.setTimeout(function(){ $('.weightsuccess').slideUp(200); }, 4000); } // alert( "Data Loaded: " + data); }); }); 

所以基本上如果我运行它将完美地工作，我的PHP脚本将处理它。 请注意，当我启用并启用警报并显示加载的数据时，它会显示正确的信息（来自weightbodymes信息），我可以更新数据库。 但是一旦我添加另一个变量{ weightbodymes: weightbody_mes, weightid: weight_id }它就不会显示在警告框中加载的数据（如果我尝试显示两个变量的信息它正在工作但它只提交一个var只有PHP ，这是：

  $weightid = $_POST['weightid']; $weight = $_POST['weightbodymes']; if ($insert_stmt = $mysqli->prepare("UPDATE body SET body_weight=? WHERE body_id='$weightid'")) { $insert_stmt->bind_param('s', $weight); // Execute the prepared query. if (! $insert_stmt->execute()) { header('Location: ../index.php?error=Registration failure: INSERT nwprogram1'); } } 

希望你能告诉我在哪里犯了错误以及如何纠正错误。 先感谢您！

Answer 1

使用JS / JQUERY POST AJAX REQUEST。 以下是我用于所有AJAX调用的语法。

 var first = 'something'; var second = 'second'; var third = $("#some_input_on_your_page").val(); ///////// AJAX //////// AJAX ////////// $.ajax({ type: 'POST', url: 'page_that_receives_post_variables.php', data: {first:first, second:second, third:third}, success: function( response ){ alert('yay ajax is done.'); $('#edit_box').html(response);//this is where you populate your response }//close succss params });//close ajax ///////// AJAX //////// AJAX ////////// 

PHP页面的代码page_that_receives_post_variables.php